试题

（2006·兰州）如图，已知P为∠AOB的边OA上的一点，以P为顶点的∠MPN的两边分别交射线OB于M、N两点，且∠MPN=∠AOB=α（α为锐角）．当∠MPN以点P为旋转中心，PM边与PO重合的位置开始，按逆时针方向旋转（∠MPN保持不变）时，M、N两点在射线OB上同时以不同的速度向右平行移动．设OM=x，ON=y（y＞x＞0），△POM的面积为S．若sinα=

3

2

，OP=2．
（1）当∠MPN旋转30°（即∠OPM=30°）时，求点N移动的距离；
（2）求证：△OPN∽△PMN；
（3）写出y与x之间的关系式；
（4）试写出S随x变化的函数关系式，并确定S的取值范围．

（1）解：∵sinα=

3

2

且α为锐角，
∴α=60°，即∠BOA=∠MPN=60°．（1分）
∴初始状态时，△PON为等边三角形，
∴ON=OP=2，当PM旋转到PM'时，点N移动到N'，
∵∠OPM'=30°，∠BOA=∠M'PN'=60°，
∴∠M'N'P=30°．（2分）
在Rt△OPM'中，ON'=2PO=2×2=4，
∴NN'=ON'-ON=4-2=2，
∴点N移动的距离为2；                          （3分）

（2）证明：在△OPN和△PMN中，
∠PON=∠MPN=60°，∠ONP=∠PNM，
∴△OPN∽△PMN；                             （4分）

（3）解：∵MN=ON-OM=y-x，
∴PN²=ON·MN=y（y-x）=y²-xy．
过P点作PD⊥OB，垂足为D．
在Rt△OPD中，
OD=OP·cos60°=2×

1

2

=1，PD=POsin60°=

3

，
∴DN=ON-OD=y-1．
在Rt△PND中，
PN²=PD²+DN²=（

3

）²+（y-1）²=y²-2y+4．（5分）
∴y²-xy=y²-2y+4，
即y=

4

2-x

；                                  （6分）

（4）解：在△OPM中，OM边上的高PD为

3

，
∴S=

1

2

·OM·PD=

1

2

·x·

3

=

3

2

x．（8分）
∵y＞0，
∴2-x＞0，即x＜2．
又∵x＞0，
∴x的取值范围是0＜x＜2．
∵S是x的正比例函数，且比例系数

3

2

＞0，
∴0＜S＜

3

2

×2，即0＜S＜

3

．                （9分）
（1）解：∵sinα=

3

2

且α为锐角，
∴α=60°，即∠BOA=∠MPN=60°．（1分）
∴初始状态时，△PON为等边三角形，
∴ON=OP=2，当PM旋转到PM'时，点N移动到N'，
∵∠OPM'=30°，∠BOA=∠M'PN'=60°，
∴∠M'N'P=30°．（2分）
在Rt△OPM'中，ON'=2PO=2×2=4，
∴NN'=ON'-ON=4-2=2，
∴点N移动的距离为2；                          （3分）

（2）证明：在△OPN和△PMN中，
∠PON=∠MPN=60°，∠ONP=∠PNM，
∴△OPN∽△PMN；                             （4分）

（3）解：∵MN=ON-OM=y-x，
∴PN²=ON·MN=y（y-x）=y²-xy．
过P点作PD⊥OB，垂足为D．
在Rt△OPD中，
OD=OP·cos60°=2×

1

2

=1，PD=POsin60°=

3

，
∴DN=ON-OD=y-1．
在Rt△PND中，
PN²=PD²+DN²=（

3

）²+（y-1）²=y²-2y+4．（5分）
∴y²-xy=y²-2y+4，
即y=

4

2-x

；                                  （6分）

（4）解：在△OPM中，OM边上的高PD为

3

，
∴S=

1

2

·OM·PD=

1

2

·x·

3

=

3

2

x．（8分）
∵y＞0，
∴2-x＞0，即x＜2．
又∵x＞0，
∴x的取值范围是0＜x＜2．
∵S是x的正比例函数，且比例系数

3

2

＞0，
∴0＜S＜

3

2

×2，即0＜S＜

3

．                （9分）