试题

（2012·潮阳区模拟）如图，在△ABC中，AB=AC，分别以高OA、底边BC所在的直线为x轴和y轴建立平面直角坐标系．已知OA=BC=4，抛物线y=-

1

2

x²+bx+c经过点A和点B．
（1）求抛物线解析式；
（2）一条与x轴垂直的直线l从y轴的位置出发，以每秒1个单位的速度向右平移，分别交抛物线、线段AB、线段OA和AC于点P、D、E和M，连接PA、PB，设直线l移动的时间为t秒，四边形PBCA的面积为S个平方单位．求S与t的函数关系式，并求出四边形PBCA的最大面积；
（3）抛物线上是否存在这样的点P，使得△PAM是直角三角形？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．

解：（1）∵AB=AC，OA⊥BC，OA=BC=4，
∴OB=OC=

1

2

BC=2，
∴点A和点B的坐标分别为（4，0）、（0，2），
∵抛物线y=-

1

2

x²+bx+c经过点A和点B，
∴

- 1 2 ×16+4b+c=0 c=2

，
解得

b= 3 2 c=2

，
故抛物线的解析式为y=-

1

2

x²+

3

2

x+2；

（2）连接OP，根据题意得，OE=t，
∵点P在抛物线y=-

1

2

x²+

3

2

x+2上，
∴点P的坐标为（t，-

1

2

t²+

3

2

t+2），
∴四边形PBCA的面积S=S_△PBO+S_△POA+S_△AOC，
=

1

2

·OB·OE+

1

2

OA·PE+

1

2

OA·OC，
=

1

2

×2·t+

1

2

×4×（-

1

2

t²+

3

2

t+2）+

1

2

×4×2，
整理得，S=-t²+4t+8（0＜t＜4），
∵S=-t²+4t+8=-（t-2）²+12，
∴当t=2时，S最大，最大值为12，
∴四边形PBCA的最大面积为12个平方单位；

（3）方法一：抛物线上存在这样的点P，使得△PAM是直角三角形．
显然，∠AMP＜90°，∠APM＜90°，
所以，当∠PAM=90°时，△PAM是直角三角形，
此时∠PAE+∠OAC=90°，
∵∠AOB=90°，∠ACO+∠OAC=90°，
∴∠PAE=∠ACO，
∴tan∠PAE=tan∠ACO=

4

2

=2，
∵直线l∥BC，
∴∠AEP=∠AOB=90°，
∴PE=AEtan∠PAE，
∵PE=-

1

2

t²+

3

2

t+2，AE=OA-OE=4-t，
∴-

1

2

t²+

3

2

t+2=2（4-t），
整理得，t²-7t+12=0，
解得t₁=3，t₂=4（舍去），
∴-

1

2

t²+

3

2

t+2=-

1

2

×3²+

3

2

×3+2=2，
∴点P的坐标为（3，2）；
方法二：根据方法一∠PAE=∠ACO，∠AEP=∠AOB=∠AOC=90°，
∴△PAE∽△ACO，
∴

AE

CO

=

PE

AO

，
即

4-t

2

=

- 1 2 t2+ 3 2 t+2

4

，
整理得，t²-7t+12=0，
解得t₁=3，t₂=4（舍去），
∴-

1

2

t²+

3

2

t+2=-

1

2

×3²+

3

2

×3+2=2，
∴点P的坐标为（3，2）．
解：（1）∵AB=AC，OA⊥BC，OA=BC=4，
∴OB=OC=

1

2

BC=2，
∴点A和点B的坐标分别为（4，0）、（0，2），
∵抛物线y=-

1

2

x²+bx+c经过点A和点B，
∴

- 1 2 ×16+4b+c=0 c=2

，
解得

b= 3 2 c=2

，
故抛物线的解析式为y=-

1

2

x²+

3

2

x+2；

（2）连接OP，根据题意得，OE=t，
∵点P在抛物线y=-

1

2

x²+

3

2

x+2上，
∴点P的坐标为（t，-

1

2

t²+

3

2

t+2），
∴四边形PBCA的面积S=S_△PBO+S_△POA+S_△AOC，
=

1

2

·OB·OE+

1

2

OA·PE+

1

2

OA·OC，
=

1

2

×2·t+

1

2

×4×（-

1

2

t²+

3

2

t+2）+

1

2

×4×2，
整理得，S=-t²+4t+8（0＜t＜4），
∵S=-t²+4t+8=-（t-2）²+12，
∴当t=2时，S最大，最大值为12，
∴四边形PBCA的最大面积为12个平方单位；

（3）方法一：抛物线上存在这样的点P，使得△PAM是直角三角形．
显然，∠AMP＜90°，∠APM＜90°，
所以，当∠PAM=90°时，△PAM是直角三角形，
此时∠PAE+∠OAC=90°，
∵∠AOB=90°，∠ACO+∠OAC=90°，
∴∠PAE=∠ACO，
∴tan∠PAE=tan∠ACO=

4

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=2，
∵直线l∥BC，
∴∠AEP=∠AOB=90°，
∴PE=AEtan∠PAE，
∵PE=-

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t²+

3

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t+2，AE=OA-OE=4-t，
∴-

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t²+

3

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t+2=2（4-t），
整理得，t²-7t+12=0，
解得t₁=3，t₂=4（舍去），
∴-

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2

t²+

3

2

t+2=-

1

2

×3²+

3

2

×3+2=2，
∴点P的坐标为（3，2）；
方法二：根据方法一∠PAE=∠ACO，∠AEP=∠AOB=∠AOC=90°，
∴△PAE∽△ACO，
∴

AE

CO

=

PE

AO

，
即

4-t

2

=

- 1 2 t2+ 3 2 t+2

4

，
整理得，t²-7t+12=0，
解得t₁=3，t₂=4（舍去），
∴-

1

2

t²+

3

2

t+2=-

1

2

×3²+

3

2

×3+2=2，
∴点P的坐标为（3，2）．