试题

如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=50，AC=30，矩形DEFG的顶点G与△ABC的顶点C重合，边GD、GF分别与AC，BC重合．GD=12，GF=16，矩形DEFG沿射线CB的方向以每秒4个单位长的速度匀速运动，点Q从点B出发沿BA方向以每秒5个单位长的速度匀速运动，过点Q作射线QK⊥AB，交折线BC-CA于点H，矩形DEFG、点Q同时出发，当点Q到达点A时停止运动，矩形DEFG也随之停止运动．设矩形DEFG、点Q运动的时间是t秒（t＞0）．
（1）求线段DF的长；
（2）求运动过程中，矩形DEFG与Rt△ABC重叠部分的面积s与t的函数关系式（写出自变量的取值范围）；
（3）射线QK能否把矩形DEFG分成面积相等的两部分？若能，求出t值；若不能，说明理由；
（4）连接DH，当DH∥AB时，请直接写出t值．

解：（1）如图1：连接DF，在Rt△CDF中，CD=12，CF=16，
根据勾股定理：
DF=

122+162

=20；

（2）∵在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=50，AC=30，
∴BC=

AB2-AC2

=40，
根据题意得：当t=

50

5

=10时，停止运动；
如图2：当点E在AB上时，
∵∠C=90°，∠EFG=90°，
∴EF∥AC，
∴△BEF∽△BAC，
∴EF：AC=BF：BC，
∴12：30=BF：40，
∴BF=16，
∴CG=BC-BF-GF=40-16-16=8，
此时，t=8÷4=2；
如图3：当F与B重合时，
CG=BC-BG=40-16=24，
此时，t=24÷4=6，
∵tan∠ABC=

AC

BC

=

3

4

，tan∠GBD=

GD

BG

=

3

4

，
∴此时，点D在直线AB上；
①当0＜t≤2时，s=S_矩形DEFG=12×16=192，
②如图4：当2＜t≤6时，设矩形DEFG的边EF交BC于点M，边DE交AB于点N
∵BF=24-4t tanB=

30

40

=

3

4

∴MF=

3

4

（24-4t）=18-3t，
∴EM=EF-FM=12-（18-3t）=3t-6，
∴NE=

4

3

EM=4t-8，
∴s=S_矩形DEFG-S_△EMN=192-

1

2

EM·EN=192-6（t-2）²，
③如图5：当6＜t≤10时，设DG与AB交于点M，BG=40-4t，
则MG=

3

4

BG=30-3t，
则s=S_△BMG=

1

2

BG·MG=

1

2

×（40-4t）（30-3t）=6（10-t）²；

（3）能，
如图6：当QK经过矩形DEFG的对称中心O时，就可以把矩形DEFG分成面积相等的两部分；
∵在Rt△GDF与Rt△CAB中，tan∠GDF=

DG

GF

=

12

16

=

3

4

，tan∠B=

AC

BC

=

3

4

，
∴∠GFD=∠B，
∴DF∥AB，
∴

OF

QB

=

HF

BH

，
∵DF=20，
∴OF=10，
∵BF=24-4t，HF=

5

4

OF=

25

2

，QB=5t，
∴BH=BF+FH=24-4t+

25

2

，
∴

10

5t

=

25 2

24-4t+ 25 2

，
解得：t=

146

41

；

（4）如图7：过点D作MN⊥AB于N，交BC于M，
∵∠GMD+∠B=90°，∠GMD+∠GDM=90°，
∴∠GDM=∠B，
∴GM=GD·tan∠GDM=

3

4

×12=9，
∴DM=

DG2+GM2

=15，
∵BG=40-4t，
∴BM=BG+GM=40-4t+9=49-4t，
∴MN=BM·cos∠B=

3

5

（49-4t），
∴DN=MN-DM=

3

5

（49-4t）-15，
∵QH=

3

4

QB=

3

4

×5t=

15

4

t，
∵DH∥AB，
∴QH=DN，
则

15

4

t=

3

5

（49-4t）-15，
解得t=

96

41

．
故t值为

96

41

．
解：（1）如图1：连接DF，在Rt△CDF中，CD=12，CF=16，
根据勾股定理：
DF=

122+162

=20；

（2）∵在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=50，AC=30，
∴BC=

AB2-AC2

=40，
根据题意得：当t=

50

5

=10时，停止运动；
如图2：当点E在AB上时，
∵∠C=90°，∠EFG=90°，
∴EF∥AC，
∴△BEF∽△BAC，
∴EF：AC=BF：BC，
∴12：30=BF：40，
∴BF=16，
∴CG=BC-BF-GF=40-16-16=8，
此时，t=8÷4=2；
如图3：当F与B重合时，
CG=BC-BG=40-16=24，
此时，t=24÷4=6，
∵tan∠ABC=

AC

BC

=

3

4

，tan∠GBD=

GD

BG

=

3

4

，
∴此时，点D在直线AB上；
①当0＜t≤2时，s=S_矩形DEFG=12×16=192，
②如图4：当2＜t≤6时，设矩形DEFG的边EF交BC于点M，边DE交AB于点N
∵BF=24-4t tanB=

30

40

=

3

4

∴MF=

3

4

（24-4t）=18-3t，
∴EM=EF-FM=12-（18-3t）=3t-6，
∴NE=

4

3

EM=4t-8，
∴s=S_矩形DEFG-S_△EMN=192-

1

2

EM·EN=192-6（t-2）²，
③如图5：当6＜t≤10时，设DG与AB交于点M，BG=40-4t，
则MG=

3

4

BG=30-3t，
则s=S_△BMG=

1

2

BG·MG=

1

2

×（40-4t）（30-3t）=6（10-t）²；

（3）能，
如图6：当QK经过矩形DEFG的对称中心O时，就可以把矩形DEFG分成面积相等的两部分；
∵在Rt△GDF与Rt△CAB中，tan∠GDF=

DG

GF

=

12

16

=

3

4

，tan∠B=

AC

BC

=

3

4

，
∴∠GFD=∠B，
∴DF∥AB，
∴

OF

QB

=

HF

BH

，
∵DF=20，
∴OF=10，
∵BF=24-4t，HF=

5

4

OF=

25

2

，QB=5t，
∴BH=BF+FH=24-4t+

25

2

，
∴

10

5t

=

25 2

24-4t+ 25 2

，
解得：t=

146

41

；

（4）如图7：过点D作MN⊥AB于N，交BC于M，
∵∠GMD+∠B=90°，∠GMD+∠GDM=90°，
∴∠GDM=∠B，
∴GM=GD·tan∠GDM=

3

4

×12=9，
∴DM=

DG2+GM2

=15，
∵BG=40-4t，
∴BM=BG+GM=40-4t+9=49-4t，
∴MN=BM·cos∠B=

3

5

（49-4t），
∴DN=MN-DM=

3

5

（49-4t）-15，
∵QH=

3

4

QB=

3

4

×5t=

15

4

t，
∵DH∥AB，
∴QH=DN，
则

15

4

t=

3

5

（49-4t）-15，
解得t=

96

41

．
故t值为

96

41

．